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一、题目描述
给定一个整数 n 和 m 个不同的质数 p_1,p_2,…,p_m。
请你求出 1∼n 中能被 p_1,p_2,…,p_m 中的 至少一个数整除的整数 有多少个。
输入格式
第一行包含整数 n 和 m。
第二行包含 m 个质数。
输出格式 输出一个整数，表示满足条件的整数的个数。
数据范围
1≤m≤16,1≤n,p_i≤10^9
输入样例：
10 2
2 3
输出样例：
7
二、理论知识
韦恩图（又称文氏图）
（1）两个圆相交求面积
\large S=S_1+S_2-S_1\cap S_2（2）三个圆相交求面积
\large S=S_1+S_2+S_3- S_1\cap S_2 -S_2\cap S_3 - S_1\cap S_3 + S_1\cap S_2 \cap S_3（3）四个圆相交求面积
\large S=S_1+S_2 + S_3 + S_4 -S_1\cap S_2 -S_1\cap S_3 -S_1\cap S_4 - S_2\cap S_3 -S_2\cap S_4 -S_3\cap S_4 + S_1\cap S_2 \cap S_3 + S_1\cap S_2 \cap S_4+ S_2\cap S_3 \cap S_4 ++ S_1\cap S_3 \cap S_4 - S_1 \cap S_2 \cap S_3 \cap S_4上面，我们是用面积来考虑的问题，所以等式左边写的是S，也可以用集合来考虑，以3个圆为例，那就是
|S_1 \cup S_2 \cup S_3| =|S_1|+|S_2|+|S_3|- |S_1\cap S_2| -|S_2\cap S_3| - |S_1\cap S_3| + |S_1\cap S_2 \cap S_3|
其中||代表集合中的元素个数。
（4）规律总结
上面的求解过程，其实是在求 C_n^1 - C_n^2+ ... + {(-1)}^{n-1}C_n^n，
也就理解为从n个选择1个，减去从n中选择2个，加上从n中选择3个，减去从n中减去4个...,也可以记为奇数个元素的集合是加，偶数个的（指相交）的集合是减。
（5）经典例题
容斥原理有个经典题目：一个班每个人都有自己喜欢的科目:
20人喜欢数学，10人喜欢语文，11人喜欢英语;3人同时喜欢数学语文，3人同时喜欢语文英语，4人同时喜欢数学英语2人都喜欢 问全班有多少人？
根据容斥原理，就是\large S=S_1+S_2+S_3- S_1\cap S_2 -S_2\cap S_3 - S_1\cap S_3 + S_1\cap S_2 \cap S_3
班级人数=20+10+11-3-3-4+2=33
三、本题思路
数学表达式
比如三个质数是2，3，5，S_2代表2的倍数集合，S_3代表3的倍数集合，S_5代表5的倍数集合，至少能被其中一个质数整除的总个数就是：
|S_2 \cup S_3 \cup S_5| = |S_2| + |S_3| +|S_5| -|S_2 \cap S_3| -|S_3 \cap S_5| -|S_2 \cap S_5|+|S_2 \cap S_3 \cap S_5|
解释：上面表示式中
|S_2|代表的是:2的倍数集合的数字个数
-
Q1:如何计算|S_p|这样的表达式数值?|S_p|:计算小于等于n中能整除掉p的数字个数\huge \lfloor \frac{n}{p} \rfloor,C++默认就是下取整，不用再特殊处理。 -
Q2:如何计算|S_2 \cap S_3|这样的表达式值? 题目给定的p_i都是质数，所以能被2整除，也能被3整除的数，肯定是能被6整除的数，所以就是|S_6|=|S_2 \cap S_3|,这样，问题就转化成了问题|S_p|，也就会求解了！ -
Q3:怎么把这些子项目都罗列出来? 其实罗列的是p[i]的所有组合方式！举个栗子：\{2\},\{3\},\{5\},\{2,3\},\{3,5\},\{2,5\},\{2,3,5\}共7种,也就是2^3-1=7种。
常用技巧:二进制数位枚举
举个栗子：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define endl "\n"
int n, m; // n:质数个数，m:1~m的数字中有多少个可以被质数序列中至少一个整数整除。
// 注意：代码里的n,m与模板题目中的含义相反！一定要注意!!!!!!!!!!!!
vector<int> p; // 质数数组
signed main() {
cin >> m >> n; // 与m互质,n个质数！
// 读入n个质数,为了使用vector<int>，读入时确实不太方便
for (int i = 0; i < n; i++) {
int x;
cin >> x;
p.push_back(x);
}
// ① 枚举从1到 2^n-1,每个数字，代表一种状态，每个状态代表一种质数的挑选办法
// 当然，这些整数值的乘积可能大于n,大于的没用，只要小于等于n的
int s = 0;
for (int i = 1; i < 1 << p.size(); i++) {
int t = 1, cnt = 0; // 累乘积，质因子个数
// ② 在对应的整数值确定后，枚举此数值的每一个数位
for (int j = 0; j < p.size(); j++)
if (i >> j & 1) { // ③判断当前数位是不是1,是1表示当前数位选中
if (t * p[j] > m) { // 乘积不能超过最大值m，控制在[1~m]范围内
t = 0; // s=0代表本次挑选的组合失败，无效
break; // 由于i是由小到大遍历的，前面的都无效了，后面的肯定更大，更无效，不用继续了
}
cnt++; // 选择的质因子个数
t *= p[j]; // 累乘积
}
if (t) { // 超过范围的，s=0,所以，现在代表只讨论在范围内的
if (cnt & 1) // 质数因子数量，奇数加
s += m / t; // 引理内容，代表m里面有多少个这个数字s的倍数
else // 偶数减
s -= m / t;
}
}
cout << s << endl;
}