#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;
typedef long long LL;
const int N = 100010, M = 2000010; // 因为要建新图，两倍的边
int n, m, mod;                     // 点数、边数、取模的数

int f[N], g[N];

int h[N], hs[N], e[M], ne[M], idx; // h: 原图；hs: 新图
void add(int h[], int a, int b) {
    e[idx] = b, ne[idx] = h[a], h[a] = idx++;
}

// tarjan求强连通分量
int dfn[N], low[N], ts, in_stk[N], stk[N], top;
int id[N], scc_cnt, sz[N];
void tarjan(int u) {
    dfn[u] = low[u] = ++ts;
    stk[++top] = u;
    in_stk[u] = 1;
    for (int i = h[u]; ~i; i = ne[i]) {
        int v = e[i];
        if (!dfn[v]) {
            tarjan(v);
            low[u] = min(low[u], low[v]);
        } else if (in_stk[v])
            low[u] = min(low[u], dfn[v]);
    }
    if (dfn[u] == low[u]) {
        ++scc_cnt;
        int x;
        do {
            x = stk[top--];
            in_stk[x] = 0;
            id[x] = scc_cnt;
            sz[scc_cnt]++;
        } while (x != u);
    }
}

int main() {
    memset(h, -1, sizeof h);   // 原图
    memset(hs, -1, sizeof hs); // 新图

    scanf("%d %d %d", &n, &m, &mod);

    while (m--) {
        int a, b;
        scanf("%d %d", &a, &b);
        add(h, a, b);
    }

    // (1) tarjan算法求强连通分量
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        if (!dfn[i]) tarjan(i);

    // (2) 缩点，建新图
    unordered_set<LL> S; // 对连着两个不同强连通分量的边进行判重
    for (int u = 1; u <= n; u++)
        for (int i = h[u]; ~i; i = ne[i]) {
            int v = e[i];
            int a = id[u], b = id[v];
            LL hash = a * 1000000ll + b;    // 新两点a,b之间的Hash值，防止出现重边
            if (a != b && !S.count(hash)) { // ① 不同的连通块 ② 非重边
                add(hs, a, b);              // 加入新图
                S.insert(hash);             // 记录a,b端点的边使用过
            }
        }

    // (3)  tarjan统计出来的前连通分量是逆拓扑序的
    //  计算以每个新点（强连通分量）为终点的最长链中的点的数目f[i]和数量g[i]
    for (int u = scc_cnt; u; u--) { // 因此dp的初始点就在id的最后一个，因此我们逆着id做就是拓扑序了
        if (!f[u]) {                // u节点被初次访问时
            f[u] = sz[u];           // 最长链中点数量=存储u号强连通分量中节点的个数
            g[u] = 1;               // 最长链的条数=1条
        }
        // 对DAG开始进行递推，层次感好强
        for (int i = hs[u]; ~i; i = ne[i]) {
            int v = e[i];
            if (f[v] < f[u] + sz[v]) {
                f[v] = f[u] + sz[v];         // 最大值被打破（联想数字三角形）
                g[v] = g[u];                 // 同步更新条数
            } else if (f[v] == f[u] + sz[v]) // 最大值被追平，则叠加条数
                g[v] = (g[v] + g[u]) % mod;
        }
    }

    // (4) 求解答案
    int res = 0, sum = 0; // 最大半连通子图节点数、对应方案数
    for (int i = 1; i <= scc_cnt; i++)
        if (f[i] > res)
            res = f[i], sum = g[i];
        else if (f[i] == res)
            sum = (sum + g[i]) % mod;
    // 输出
    printf("%d\n%d\n", res, sum);
    return 0;
}