#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;
const int N = 20 + 10; //m<20,n<20,范围是20以内，开大一点防止出错

//题意解析
//https://www.bilibili.com/video/BV14K411J7Hr?from=search&seid=5350204733209198842
//手绘图形进行样例解析说明，让学生们手工绘制帮助理解题意。
//用来记录题目输入的数据信息
int n, m;               //m表示机器数，n表示工件数
int seq[N * N];         //为给定的安排顺序。大小为m*n，所以开了一个N*N的数组。是安排顺序的简写形式。
//举个例子： 112332 表示第一个工件第一道工序，第一个工件第二道工序，第二个工件第1个工序....

int p[N][N];           //工件+工序的机器号
int t[N][N];            //工件+工序的执行时长

//下面是程序开发中需要的中间变量
int cnt[N];             //用来存储遍历到了当前工件的第几个工序
//Q:为什么要用数组来存储是第几个工序？
//A:因为有多个工件，每一个工件都随时需要知道它现在再次出现的是第几个工序了,需要有地方可以查询到,这里使用了桶排的思想。

int last[N];            //记录每份工件的最后一次加工时间
//Q:为什么要记录最后一次的加工时间？
//A:因为每个工件，它的加工顺序是不能反的，也就是规则1，如何才能不违反规则1呢？就是记录下它的最后一次执行时间，然后把下一个工序安排在最后一次执行时间后面就行了。

int res[N][N * N * 100];    //标识每台机器的时间使用情况，第一维：机器，第二维：时间，值：是不是占用了

/**
 * 功能：检查函数
 * @param start 从哪个时间开始
 * @param len   需要多长的时间
 * @param mac   哪台机器上进行检查
 * @return      是不是能放得下去
 */
bool check(int start, int len, int mac) {
    for (int i = start; i < start + len; i++)
        if (res[mac][i])return false; //在这个范围内，如果有使用的情况，就返回false, 表示放不下去
    //全部通过，表示可以放的下去，返回true
    return true;
}

int main() {
    //m机器数，n工件数
    //示例数据：2 3，表示2台机器，3个工件
    cin >> m >> n;

    //给定的安排顺序,示例数据:1 1 2 3 3 2，描述第一个物品第一个工序，第一个物品第二个工序，第二个物品第一个工序，第三个物品第一个工序，第三个物品第二个工序，第二个物品第二个工序
    for (int i = 1; i <= n * m; i++) cin >> seq[i];

    /**
    前n行依次表示每个工件的每个工序所使用的机器号，第1个数为第1个工序的机器号，第2个数为第2个工序机器号，等等。
    1 2   第一件物品，第1个工序需要在1号机器上进行，第2个工序需要在2号机器上进行
    1 2   第二件物品，第1个工序需要在1号机器上进行，第2个工序需要在2号机器上进行
    2 1   第三件物品，第1个工序需要在2号机器上进行，第2个工序需要在1号机器上进行
    */
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        for (int j = 1; j <= m; j++)
            cin >> p[i][j];

    //每个工件的每个工序的加工时间
    //后n行依次表示每个工件的每个工序的加工时间。
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        for (int j = 1; j <= m; j++)
            cin >> t[i][j];

    //找到最长的时间是哪个
    int ans = 0;

    //处理每一个输入顺序
    for (int i = 1; i <= n * m; i++) {
        //利用桶排思路，记录每个工件的加工到第几个工序
        cnt[seq[i]]++;

        int x = seq[i];                 //第几个工件
        int y = cnt[seq[i]];            //此工件的第几个工序(第几次出现)
        int mac = p[x][y];              //根据工件+工件的工序--->第几个机器上加工

        for (int j = last[x];; j++) { //此工件需要在最后一次加工时间的基础上去尝试，符合规则1,直到找到答案为止
            //看看有空的话，能不能放的下去，比如有3个空，但不够长，就不行
            if (check(j, t[x][y], mac)) {
                //标识此位置被占用
                for (int k = j; k < j + t[x][y]; k++)res[mac][k] = x;
                //更新最后的位置值
                last[x] = j + t[x][y];
                //不断的更新最大值
                ans = max(ans, last[x]);
                break;
            }
        }
    }
    cout << ans << endl;
    return 0;
}