##[$AcWing$ $871$. 约数之和](https://www.acwing.com/problem/content/873/)
### 一、题目描述
给定 $n$ 个正整数 $a_i$，请你输出这些数的乘积的约数之和，答案对 $10^9+7$ 取模。

**输入格式**
第一行包含整数 $n$。

接下来 $n$ 行，每行包含一个整数 $a_i$。

**输出格式**
输出一个整数，表示所给正整数的乘积的约数之和，答案需对 $10^9+7$ 取模。

**数据范围**
$1≤n≤100,1≤a_i≤2×10^9$

**输入样例：**
```cpp {.line-numbers}
3
2
6
8
```

**输出样例：**
```cpp {.line-numbers}
252
```

### 二、约数和定理
方法：
$$\LARGE 　(p_1^0+p_1^1+…+p_1^{r_1})\times (p_2^0+p_2^1+…+p_2^{r_2}) \times…\times(p_k^0+p_k^1+…+p_k^{r_k})$$

以$360$举例,求它的全部约数和:
$$\LARGE 360 =  2*2*2*3*3*5 =2^3 * 3^2 * 5^1$$

约数和就是：
$$\LARGE (2^0+2^1+2^2+2^3)*(3^0+3^1+3^2)*(5^0+5^1)  = \\
 \LARGE  (1+2+4+8)*(1+3+9)*(1+5)= \\ 
 \LARGE  15*13*6=1170$$

### 三、实现代码
```cpp {.line-numbers}
#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;
#define int long long
typedef pair<int, int> PII;
const int N = 110;
const int MOD = 1e9 + 7;
unordered_map<int, int> primes;
int n;

signed main() {
    cin >> n;
    while (n--) {
        int x;
        cin >> x;
        for (int i = 2; i <= x / i; i++)
            while (x % i == 0) {
                x /= i;
                primes[i]++;
            }
        if (x > 1) primes[x]++;
    }

    int res = 1;
    for (auto p : primes) {
        int a = p.first, b = p.second; // 质数，几个
        int t = 1;
        while (b--) t = (t * a + 1) % MOD;
        res = res * t % MOD;
    }
    printf("%lld\n", res);
}
```

###　五、关键代码讲解
```cpp {.line-numbers}
 while (b--) t = (t * a + 1) % MOD;
```
这句话怎么理解？

<font color='red' size=6><b>结论： 每次都是上次运算结果$*a+1$</b></font>

原理：其实，对于每个质因子，是在计算:
$$\LARGE a^0+a^1+a^2+...+a^{k-1}+a^k= \sum_{i=0}^k a^i$$

这东西用代码怎么表示呢？
$$\LARGE \sum_{i=0}^k a^i= a^k+a^{k-1}+...+a^2+a^1+a^0 = \\
 \LARGE a^k+a^{k-1}+...+a^2+a^1+1 
$$

按代码来逆向理解,<font color='red' size=6><b>核心思路：乘$a$+1</b></font>：
第一步：$\LARGE t=1,t=(a+1)$
第二步：$\LARGE t=t*a+1=a*(a+1)+1=a^2+a+1$
第三步：$\LARGE t=t*a+1=a*(a^2+a+1)+1 =a^3+a^2+a+1$

符合上面的运算逻辑，是正确的计算办法。

举栗子：

$$\large 3^0+3^1+3^2+3^3+3^4+3^5$$