## [$AcWing$ $1142$. 繁忙的都市](https://www.acwing.com/problem/content/1144/)

### 一、题目描述
城市$C$是一个非常繁忙的大都市，城市中的道路十分的拥挤，于是市长决定对其中的道路进行改造。

城市$C$的道路是这样分布的：

城市中有 $n$ 个交叉路口，编号是 $1$∼$n$，有些交叉路口之间有道路相连，两个交叉路口之间最多有一条道路相连接。

这些道路是 **双向** 的，且把所有的交叉路口直接或间接的连接起来了。

每条道路都有一个分值，**分值越小** 表示这个道路 **越繁忙**，越需要进行改造。

但是市政府的资金有限，市长希望进行改造的道路越少越好，于是他提出下面的要求：

1．改造的那些道路能够把所有的交叉路口直接或间接的连通起来。

2．在满足要求$1$的情况下，改造的道路尽量少。

3．在满足要求$1、2$的情况下，改造的那些道路中分值 **最大值尽量小**。

作为市规划局的你，应当作出最佳的决策，选择哪些道路应当被修建。

**输入格式**
第一行有两个整数 $n,m$ 表示城市有 $n$ 个交叉路口，$m$ 条道路。

接下来 $m$ 行是对每条道路的描述，每行包含三个整数$u,v,c$ 表示交叉路口 $u$ 和 $v$ 之间有道路相连，分值为 $c$。

**输出格式**
两个整数 $s,max$，表示你选出了几条道路，分值最大的那条道路的分值是多少。


### 二、$Kruskal$算法
```cpp {.line-numbers}
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

const int N = 310, M = 8010;
// 记录边的结构体
struct Edge {
    int a, b, w;
    const bool operator<(const Edge &t) const {
        return w < t.w;
    }
} e[M];

int n, m;
int p[N];

int find(int x) {
    if (p[x] != x) p[x] = find(p[x]);
    return p[x];
}

int main() {
    cin >> n >> m;
    for (int i = 1; i <= n; i++) p[i] = i; // 并查集初始化

    for (int i = 0; i < m; i++) {
        int a, b, c;
        cin >> a >> b >> c;
        e[i] = {a, b, c};
    }
    // 排序(按边权)
    sort(e, e + m);

    int res = 0;
    for (int i = 0; i < m; i++) {
        int a = find(e[i].a), b = find(e[i].b), w = e[i].w;
        if (a != b) {
            p[a] = b;
            res = w; // 越往后越大
        }
    }
    printf("%d %d\n", n - 1, res);
    return 0;
}
```

### 三、$Prim$算法
```cpp {.line-numbers}
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

const int N = 310;
int dist[N];
int g[N][N];
int n, m;
bool st[N];

int prim() {
    memset(dist, 0x3f, sizeof dist);
    dist[1] = 0;

    int res = 0;
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        int t = -1;
        for (int j = 1; j <= n; j++)
            if (!st[j] && (t == -1 || dist[t] > dist[j]))
                t = j;
        st[t] = true;
        res = max(res, dist[t]); // 找出最长,不要累加和
        for (int j = 1; j <= n; j++)
            dist[j] = min(dist[j], g[t][j]);
    }
    return res;
}

int main() {
    cin >> n >> m;
    memset(g, 0x3f, sizeof g);

    while (m--) {
        int a, b, c;
        cin >> a >> b >> c;
        g[a][b] = g[b][a] = min(g[a][b], c);
    }
    printf("%d %d\n", n - 1, prim());
    return 0;
}
```